Архив рубрики: Задачи

Примеры решения задач

Определение перемещений по формуле Симпсона

Задача. Для балки определить перемещения в т. А, В, С, D, подобрать сечение из двух швеллеров из условия прочности, проверить жесткость, показать изогнутую ось балки. Материал — сталь Ст3, допускаемое перемещение 2019-02-24_13-08-36 .

2019-02-24_13-11-12

  1. Определим опорные реакции.

2019-02-24_13-15-44

2019-02-24_13-12-08

Наносим значение опорных реакций на расчетную схему

2019-02-24_13-17-40

2. Строим эпюру моментов от заданной нагрузки – грузовую эпюру МF.

2019-02-24_13-18-28

Т.к. под равномерно распределенной нагрузкой линия параболическая кривая, то для её проведения потребуется дополнительная точка – поставим т.К в середине нагрузки.

2019-02-24_13-19-05

Строим эпюру МF  от заданной нагрузки.

2019-02-24_13-20-07

3. Подберем сечение из двух швеллеров:

2019-02-24_19-38-32

 

Подбираем 2 швеллера №33 см3.

2019-02-24_19-39-10

Проверим прочность подобранного сечения.

2019-02-24_19-39-41

Прочность обеспечена.

4. Определим перемещения в заданных точках. Снимаем с балки всю нагрузку. Для определения линейных перемещений (прогибов) прикладываем единичную силу (F=1), а для определения угловых перемещений — единичный момент 2019-02-24_11-51-40.

Точки А и В – это опоры, и по граничным условиям в шарнирных опорах прогиб невозможен, а угловое перемещение присутствует. В точках С и D будут и линейные (прогибы), и угловые (углы поворота) перемещения.

Определим угловое перемещение в т.А. Прикладываем в А единичный момент (рис. б). Строим эп 2019-02-24_11-50-49, определяем в ней необходимые ординаты. (рис. в).

Ординаты эп.МF – все положительные, эп.2019-02-24_11-50-49 – тоже.

2019-02-24_19-44-38

Перемещения будем определять методом Мора по формуле Симпсона.

2019-02-24_19-42-42

Определим момент инерции Iх для сечения.

2019-02-24_19-43-24

Модуль продольной упругости Е для Ст3 Е = 2·105 МПа = 2·108 кПа. Тогда:

2019-02-24_19-45-28

Угол поворота φА получился положительным, это значит, что угол поворота сечения совпадает с направлением единичного момента.

Определим угол поворота φВ. (рис.г,д )

2019-02-24_19-46-54

2019-02-24_19-48-00

Теперь определим перемещения в т. С (линейное и угловое). Прикладываем единичную силу (рис. е), определяем опорные реакции и строим эп. 2019-02-24_11-50-49 от единичной силы (рис.ж).

2019-02-24_19-49-42

Рассмотрим рис. е.

2019-02-24_19-52-22

Строим эп. 2019-02-24_11-50-49:

2019-02-24_19-53-26

Определим прогиб в т. С.

2019-02-24_19-54-10

Для определения угла поворота в т. С приложим единичный момент (рис. з), определим опорные реакции и построим эпюру единичных моментов  (рис. и).

2019-02-24_19-55-21

(знак "— " говорит о том, что реакция RА направлена в обратную сторону. Показываем это на расчетной схеме – рис.з).

Строим эп. 2019-02-24_11-50-49  , 2019-02-24_19-57-35

Поскольку m=1 приложен в т. С   пролета балки, то момент в т. С определим как от левых, так и от правых сил. 

2019-02-24_19-58-03

Определим прогиб в точке С.

2019-02-24_19-59-09

(знак «-» говорит о том, что угол поворота направлен противоположно направлению единичного момента)

Аналогично определим линейное и угловое перемещения в т. D.

Определим уD .  (рис. к).

2019-02-24_20-01-03

2019-02-24_20-02-43

Строим эп. 2019-02-24_11-50-49 (рис.л) :

2019-02-24_20-03-58

Определим φD  (рис. м):

2019-02-24_20-05-08

Строим эп. 2019-02-24_11-50-49  — (рис.н).

Определим угол поворота:

2019-02-24_20-06-54

(угол поворота направлен в сторону, противоположную единичному моменту).

Теперь покажем изогнутую ось балки (упругую линию), которой стала прямолинейная ось под действием нагрузки. Для этого зарисуем первоначальное положение оси и в масштабе отложим вычисленные перемещения (рис.о).

2019-02-24_20-09-05

Проверим жесткость балки  2019-02-24_20-09-42, где f – максимальный прогиб.

2019-02-24_20-10-50

Максимальный прогиб 2019-02-24_20-11-50  — жесткость не обеспечена.

Т.о. в данной задаче мы убедились в том, что не всегда сечения, подобранные из условия прочности (в данном случае – сечение из двух швеллеров) удовлетворяют условиям жесткости.

 

 

Определение перемещений. Интеграл Мора

Задача. Определить горизонтальное перемещение свободного конца рамы по интегралу Мора

2019-02-24_11-33-08

1. Составляем выражение изгибающего момента MF от действующей нагрузки.

2019-02-24_11-34-31

2. Снимаем с балки все нагрузки, и в точке, где необходимо определить перемещение, прикладываем единичную силу  (если определяем линейное перемещение) либо единичный момент  (если определяем угловое перемещение) по направлению искомого перемещения.  В нашей задаче прикладываем горизонтальную единичную силу. Составляем выражение изгибающего момента.

2019-02-24_11-36-52

Определяем моменты от единичной нагрузки F=1

2019-02-24_11-37-46

По интегралу Мора вычисляем горизонтальное перемещение:

2019-02-24_11-39-44

Перемещение имеет положительное значение. Это значит, что оно соответствует направлению единичной силы.

Построение эпюр внутренних силовых факторов в раме

Задача. Расчет рамы.  Для рамы построить эпюры продольных сил  N, поперечных сил Q и изгибающих моментов М.

2019-02-11_21-15-52

  1. Определим опорные реакции

2019-02-11_21-15-10

2019-02-11_21-20-49

Нанесем значения опорных реакций на расчетную схему.

2019-02-11_21-13-50

2. Строим эпюру продольных сил N методом сечений. Имеем три характерных участка и три сечения на них.

2019-02-11_21-24-39

Правило знаков продольных сил – продольная сила считается положительной, если сила растягивает стержень, и отрицательной, если сила сжимает стержень. Положительные значения откладываем влево от стойки и вверх от ригеля.

2019-02-11_21-26-20

Строим эпюру продольных сил.

2019-02-11_21-27-39

3. Строим эпюру поперечных сил Q методом сечений. Правило знаков – если сила относительно сечения направлена по часовой стрелке, то поперечная сила считается положительной и наоборот. Положительные значения откладываются влево от стоек и вверх от ригеля.

2019-02-11_21-29-28

 

Строим эпюру поперечных сил

2019-02-11_21-30-30

4. Строим эпюру изгибающих моментов М методом характерных точек. Расставляем точки: А – опора, В,С, — узлы рамы, D – свободный конец, К – середина равномерно распределенной нагрузки (точки экстремума при построении эп.Q не обнаружено). Эпюру М строим на сжатых волокнах (для машиностроительных специальностей), знак не ставим.

2019-02-11_21-32-40

Строим эпюру моментов.

2019-02-11_21-33-26

5. Вырезаем узлы С и В и проверяем их равновесие.

2019-02-11_21-34-33

Узлы находятся в равновесии, значит эпюры построены верно.

 

 

Проверочный и проектный расчеты при кручении

ЗадачаДля заданного стального бруса  d=50мм (материал – сталь Ст3)  построить эпюры крутящих моментов, углов поворота поперечных сечений. Проверить прочность бруса, если допускаемое касательное напряжение [τ]=30МПа. Подобрать для бруса кольцевое сечение при 2019-01-21_15-34-45 . Сравнить сечения по расходу материала.

2019-01-21_15-36-471.Расставляем сечения на характерных участках. Начинаем расчет от свободного конца бруса, рассматривая правую часть и отбрасывая оставшуюся левую часть с заделкой. Каждое сечение рассматриваем отдельно, определяя в нем значение крутящего момента.

2019-01-21_15-38-12

2019-01-21_15-39-04

Строим эпюру МК

2019-01-21_15-46-11

2.Строим эпюру углов поворота сечений. Углы поворота сечений определяем по формуле 2019-01-21_15-40-51

Расчет ведем по сечениям от неподвижного конца – стены А, в которой угол поворота равен нулю φА=0. В формуле обязательно следует учитывать знаки крутящих моментов.

Модуль сдвига для Ст3 G = 0,8·105 МПа = 0,8·108 кПа.

Определим полярный момент инерции для круглого сечения:

2019-01-21_15-42-50

Вычисляем углы поворота сечений — от стены А.

2019-01-21_15-44-10

Если требуется перейти к градусной мере, то:

2019-01-21_15-44-54

Далее вычисляем все последующие углы поворота, учитывая ранее найденные:

2019-01-21_15-48-08Строим эпюру φ

2019-01-21_15-49-33

3.Проверим прочность бруса по формуле 2019-01-21_15-50-37

Максимальный крутящий момент с эпюры МК = 0,75 кНм.

Определим полярный момент сопротивления сечения:

2019-01-21_15-52-10

Тогда2019-01-21_15-53-03 -прочность обеспечена.

4.Подбираем кольцевое сечение для вала с  2019-01-21_15-34-45.

Наружный диаметр кольца определим по формуле проектного расчета для кольцевого сечения:

2019-01-21_15-55-12

Тогда d = 0,8 · 60 = 48 мм.

Проверим прочность подобранного сечения. Полярный момент сопротивления для кольца:

2019-01-21_15-56-33Тогда2019-01-21_15-57-11-   прочность обеспечена.

5. Сравним варианты – круглое и кольцевое – по расходу материала

2019-01-21_15-58-182019-01-21_15-58-39

2019-01-21_16-05-45

В задаче площадь круглого вала А = 19,6 см2, а у кольцевого сечения (полого) А = 10,7 см2, что позволяет говорить об экономии материала почти в два раза. Т.о. брус (вал) кольцевого сечения экономичнее равнопрочного сплошного.

Объясняется это эпюрой касательных напряжений в сплошном брусе.

 

 

 

Расчет статически неопределимой стержневой системы

Задача. Определить напряжение в стальных стержнях, поддерживающих абсолютно жёсткую балку.  Материал — сталь Ст3, α=60°, [σ]=160МПа.

  1. Схему вычерчиваем в масштабе. Нумеруем стержни.

2019-01-02_13-56-14

В шарнирно-неподвижной опоре А возникают реакции RА и НА. В стержнях 1 и 2 возникают усилия N1 и N2. Применим метод сечений. Замкнутым разрезом вырежем среднюю часть системы. Жесткую балку покажем схематично — линией, усилия N1 и N2 направим от сечения.  

2019-01-02_13-57-54

Составляем уравнения равновесия

2019-01-02_13-58-31

Количество неизвестных превышает количество уравнений статики на 1. Значит, система один раз статически неопределима, и для её решения потребуется одно дополнительное уравнение. Чтобы составить дополнительное уравнение, следует рассмотреть схему деформации системы. Шарнирно-неподвижная опора А остается на месте, а стержни деформируются под действием силы.

Схема деформаций

2019-01-02_13-59-28

По схеме деформаций составим условие совместности деформаций из рассмотрения подобия треугольников АСС1 и АВВ1. Из подобия треугольников АВВ1 и АСС1 запишем соотношение:

2019-01-02_14-00-18, где ВВ11  (удлинение первого стержня)

Теперь выразим СС1 через деформацию второго стержня. Укрупним фрагмент схемы.

2019-01-02_14-01-20

Из рисунка видно, что СССС1·cos (90º-α)= СС1·sinα.

Но СС2= Δ2 , тогда Δ2= СС1·sinα, откуда:

2019-01-02_14-02-11

Превратим условие совместности деформации (4) в уравнение совместности деформации с помощью формулы Гука для деформаций. При этом обязательно учитываем характер деформаций (укорочение записываем со знаком «-», удлинение со знаком «+»).

2019-01-02_15-05-29

Тогда уравнение совместности деформаций будет:

2019-01-02_15-06-14

Сокращаем обе части на Е, подставляем числовые значения и выражаем N1 через  N2

2019-01-02_15-06-53

Подставим   соотношение (6) в уравнение (3), откуда найдем:

N1 = 7,12кН (растянут),

N2 =-20,35кН (сжат).

Определим напряжения в стержнях.

2019-01-02_15-07-37

Задача решена.

 

 

Задача

Для балки с жесткой заделкой построить эпюры Q и М. 

2016-09-13-21-29-06-skrinshot-ekrana

Расставляем сечения от свободного конца балки — в этом случае можно построить эпюры, не определяя опорных реакций. Рассматривать в каждом случае будем правую часть — справа от сечения. Сечения расставляем на характерных участках (между изменениями). По размерной нитке – 2 участка, 2 сечения.

2016-09-13-21-35-39-skrinshot-ekrana

Сечение 2-2 проходит по участку с равномерно распределенной нагрузкой, отмечаем размер z2 вправо от сечения до начала участка. Определяем поперечные силы в сечениях. Правило знаков см. — здесь.

2016-09-13-21-38-09-skrinshot-ekrana

Строим эпюру Q.

2016-09-13-21-44-36-skrinshot-ekrana

Построим эпюру М методом характерных точек. Расставляем точки на балке — это точки начала и конца балки (D,A), сосредоточенного момента (B), а также отметим в качестве характерной точки середину равномерно распределенной нагрузки (K) — это дополнительная точка для построения параболической кривой.

2016-09-13-21-45-51-skrinshot-ekrana

Определяем изгибающие моменты в точках. Правило знаков см. — здесь.

2016-09-13-21-48-19-skrinshot-ekrana

Момент в т. В будем определять следующим образом. Сначала определим:

2016-09-13-21-49-16-skrinshot-ekrana

Теперь:

2016-09-13-21-50-11-skrinshot-ekrana

Точку К возьмем в середине участка с равномерно распределенной нагрузкой.

2016-09-13-21-51-16-skrinshot-ekrana

Строим эпюру M. Участок АВпараболическая кривая (правило «зонтика»), участок ВDпрямая наклонная линия.

2016-09-13-21-53-26-skrinshot-ekrana

Задача на построение эпюр Q и M в балке

Для балки определить  опорные реакции и построить эпюры изгибающих моментов (М) и поперечных сил (Q).

2016-09-11-11-11-20-skrinshot-ekrana

  1. Обозначаем опоры буквами А и В и направляем опорные реакции RА и RВ.

2016-09-11-11-15-02-skrinshot-ekrana

Составляем уравнения равновесия.

2016-09-11-11-05-44-skrinshot-ekrana

Проверка

2016-09-11-11-16-10-skrinshot-ekrana

Записываем значения RА и RВ на расчетную схему.

2. Построение эпюры поперечных сил методом сечений. Сечения расставляем на характерных участках (между изменениями). По размерной нитке – 4 участка, 4 сечения.

2016-09-11-11-21-02-skrinshot-ekrana

сеч. 1-1   ход слева.

Сечение проходит по участку с равномерно распределенной нагрузкой, отмечаем размер z1 влево от сечения до начала участка. Длина участка 2 м. Правило знаков для Q — см. здесь.

2016-09-11-11-23-08-skrinshot-ekrana

Строим по найденным значением эпюру Q.

сеч. 2-2   ход справа.

Сечение вновь проходит по участку равномерно распределенной нагрузкой, отмечаем размер z вправо от сечения до начала участка. Длина участка 6 м.

2016-09-11-12-13-12-skrinshot-ekrana

Строим эпюру Q.

сеч. 3-3   ход справа.

2016-09-11-11-31-25-skrinshot-ekrana

сеч. 4-4   ход справа.

2016-09-11-11-32-25-skrinshot-ekrana

Строим эпюру Q.

2016-09-11-11-34-19-skrinshot-ekrana

3. Построение эпюры М методом характерных точек.

Характерная точка – точка, сколь-либо заметная на балке. Это точки А, В, С, D, а также точка К, в которой Q=0 и изгибающий момент имеет экстремум. Также в середине консоли поставим дополнительную точку Е, поскольку на этом участке под равномерно распределенной нагрузкой эпюра М описывается кривой линией, а она строится, как минимум, по 3 точкам.

2016-09-11-11-38-47-skrinshot-ekrana

Итак, точки расставлены, приступаем к определению в них  значений изгибающих моментов. Правило знаков — см. здесь.

Участки NA, ADпараболическая кривая (правило «зонтика» у механических специальностей или «правило паруса» у строительных ), участки DС, СВпрямые наклонные линии.

2016-09-11-11-43-05-skrinshot-ekrana

Момент в точке D следует определять как слева, так и справа от точки D. Сам момент в эти выражения не входит. В точке D получим два значения с разницей на величину mскачок на его величину.

2016-09-11-11-44-18-skrinshot-ekrana

Теперь следует определить момент в точке К (Q=0). Однако сначала определим положение точки К, обозначив расстояние от нее до начала участка неизвестным х.

2016-09-11-11-46-32-skrinshot-ekrana

Т. К принадлежит второму характерному участку, его уравнение для поперечной силы (см. выше)

2016-09-11-11-47-50-skrinshot-ekrana

Но поперечная сила в т. К равна 0, а z2 равняется неизвестному х.

Получаем уравнение:

2016-09-11-11-48-52-skrinshot-ekrana

Теперь, зная х, определим  момент в точке К с правой стороны.

2016-09-11-12-07-29-skrinshot-ekrana

Строим эпюру М. Построение выполним для механических специальностей, откладывая положительные значения вверх от нулевой линии и используя правило «зонтика».

2016-09-11-12-09-52-skrinshot-ekrana

Задача

Определить главные центральные моменты инерции, осевые моменты сопротивления  сечения, составленного из стандартных профилей проката.

Сечение состоит из двух неравнополочных уголков 75×50х5 (маркировка в мм) и швеллера № 16 (№ швеллера говорит о его высоте в см).

2016-09-08-20-28-30-skrinshot-ekrana

  1. Определим положение центра тяжести сечения.

Сечение симметрично относительно оси у, проводим её как ось – главную и центральную. Координата хС=0. Для нахождения уС проводим случайную ось х (выбранную случайным образом). Обозначим центры тяжести всех профилей и выпишем необходимые характеристики профилей из сортамента прокатной стали.

Фигуры 1,2 – уголки 75×50х5

2016-09-08-20-30-55-skrinshot-ekrana

А1=А2=6,11 см2

Iх1= Iх2=34,8 см4

Iу1= Iу2=12,5 см4

Фигура 3 – швеллер №16

2016-09-08-20-32-08-skrinshot-ekrana

А3=18,1 см2,    

Iх3=747 см4

Iу3=63,3 см4.

Покажем на схеме и определим координаты у для профилей

ууу=2,39 см,

у1= -z=-1,8 см.

Определим координату уС по формуле

 2016-09-06 20-26-28 Скриншот экрана,

где Аiплощадь каждого профиля,

      уi – координата.

2016-09-08-20-35-07-skrinshot-ekrana

Проводим главную центральную ось х вниз от оси х′ на 0,11 см, наносим т.С – центр тяжести всего сечения.

2. Определяем главные центральные моменты инерции по формулам перехода:

2016-09-06 20-36-54 Скриншот экрана,

где Ixi , Iyi моменты инерции каждой фигуры;

Аi площадь сечения каждой фигуры;

аi – расстояние от центра тяжести каждой фигуры до главной центральной оси х;

bi – расстояние от центра тяжести каждой фигуры до главной центральной оси у.

Определяем аi (смотрим схему)

аау1+|уС|= 2,39 + 0,11 = 2,5см,

а3= — (|у3|-|уС|) = -1,69см.

Определяем Iх. Следует обратить внимание на то, что фигура 3 – швеллер – повернут, поэтому, для определения Iх следует из сортамента взять Iу швеллера.

Iх3=63,3см4

2016-09-08-20-40-40-skrinshot-ekrana

Определяем Iу.  Для швеллера (повернут)  Iу3  Iх = 747см4.

Определим размеры bi, показываем на схеме.

b1= -х0 = -1,17см,

b2= х0 = 1,17см,

b3=0, т.к. центр тяжести швеллера лежит на оси у.

2016-09-08-20-42-24-skrinshot-ekrana3. Определим осевые моменты сопротивления сечения по формулам:

2016-09-08-20-44-11-skrinshot-ekrana

Из схемы видно ,что

2016-09-08-20-44-50-skrinshot-ekrana

Тогда

2016-09-08-20-46-18-skrinshot-ekrana

Задача

Определить главные центральные моменты инерции сечения геометрической формы.

2016-09-06 20-24-39 Скриншот экрана

  1. Определим положение центра тяжести сечения.

Сечение симметрично относительно оси у, поэтому нанесем ось у – ось, на которой находится центр тяжести всего сечения. Координата хС=0, значит, следует определить координату уС.

Выберем случайную ось х — внизу сечения.

Разобьем сечение на простые фигуры:

фигура 1 – прямоугольник с основанием см и высотой см, отмечаем центр тяжести прямоугольника – т. С1

фигура 2 – равнобедренный треугольник с основанием см и высотой см, отмечаем его центр тяжести – т. С2.

Теперь  вычислим площади каждой фигуры и определим  координаты у каждой фигуры, затем координаты нанесем на схему

Прямоугольник

2016-09-06 20-30-29 Скриншот экрана

Треугольник

2016-09-06 20-33-02 Скриншот экрана

Теперь определим координату центра тяжести всего сечения по формуле:

2016-09-06 20-26-28 Скриншот экрана

Тогда

2016-09-06 20-34-57 Скриншот экрана

Отмечаем уС на схеме, центр тяжести всего сечения – т.С — и проводим через эту точку главную центральную ось х.

По формулам перехода определяем главные центральные моменты инерции сечения:

2016-09-06 20-36-54 Скриншот экрана,

где Ixi  Iyi  — моменты инерции каждой фигуры;

Аi площадь сечения каждой фигуры;

аi расстояние от центра тяжести каждой фигуры до главной центральной оси х;

bi расстояние от центра тяжести каждой фигуры до главной центральной оси у.

Фигура 1 – прямоугольник

2016-09-06 20-40-04 Скриншот экрана

Расстояние а1 от С1 до оси х покажем на схеме. Из схемы видно, что а1=- ( уС - у1 )= -0,8 см. Так как С1 находится на оси у, то b1=0.

Фигура 2 – треугольник

2016-09-06 20-43-51 Скриншот экрана

Находим а=  у2 - уС = 7 — 3,8= 3,2 см, отмечаем на схеме.

b2=0, т.к. С2 находится на оси у.

Подставляем значения в формулы перехода и определяем:

главный центральный момент инерции сечения относительно оси х

2016-09-06 20-46-36 Скриншот экрана

— главный центральный момент инерции сечения относительно оси у

2016-09-06 20-47-22 Скриншот экрана

Таким образом,

2016-09-06 20-48-04 Скриншот экрана

Задача на статически неопределимый брус с зазором

Расчет бруса с зазором. Для статически неопределимого стального ступенчатого бруса построить эпюры продольных сил, нормальных напряжений, перемещений. Проверить прочность бруса. До нагружения между верхним концом и опорой имел место зазор Δ=0,1 мм. Материал – сталь Ст 3,  модуль продольной упругости Е=2·105 МПа, допускаемое напряжение [σ]=160МПа.

2016-09-04 13-42-56 Скриншот экрана

  1. После нагружения зазор закроется и реакции возникнут и в нижней, и в верхней опоре. Покажем их произвольно, это реакции RA и RВ. Составим уравнение статики.

у=0                RFF2 - RВ =0

В уравнении 2 неизвестных, а уравнение одно, значит задача 1 раз статически неопределима, и для ее решения требуется 1 дополнительное уравнение.

Это уравнение совместности деформаций. В данном случае совместность деформаций участков бруса состоит в том, что изменение длины бруса (удлинение) не может превзойти величины зазора, т.е. Δ, это условие совместности деформации.

  1. Теперь разобьем брус на участки и проведем на них сечения – их 4 по количеству характерных участков. Каждое сечение рассматриваем отдельно, двигаясь в одном направлении – от нижней опоры вверх. В каждом сечении выражаем силу N через неизвестную реакцию. Направляем N от сечения.

2016-09-04 13-54-16 Скриншот экрана

Выпишем отдельно значения продольных сил в сечениях:

N= - RА

N= 120 - RА

N= 120 - RА

N= 30- RА

3. Вернемся к составлению условия совместности деформации. Имеем 4 участка, значит

             Δ1+ Δ2+ Δ3+ Δ4= Δ  (величина зазора).

Используя формулу Гука для определения абсолютной деформации  2016-09-04 12-30-57 Скриншот экранасоставим уравнение совместности деформаций, — это именно то дополнительное уравнение, которое необходимо для решения задачи.

2016-09-04 14-02-39 Скриншот экрана

Попробуем упростить уравнение. Помним, что величина зазора Δ=0,1 мм = 0,1·10-3 м

2016-09-04 14-04-59 Скриншот экрана

Е – модуль упругости, Е=2·105МПа=2·108кПа.

2016-09-04 14-05-46 Скриншот экрана

Подставляем вместо N их значения, записанные через опорную реакцию RА.

2016-09-04 14-06-23 Скриншот экрана

4. Вычисляем N и строим эпюру продольных сил.

N1=- RА=-47,5кН

N2=120 - RА=72,5кН

N3=120 - RА=72,5кН

N4=30- RА=-17,5кН.

2016-09-04 14-16-38 Скриншот экрана

5. Определяем нормальные напряжения σ  по формуле 2016-09-04 12-23-20 Скриншот экранаи строим их эпюры

2016-09-04 14-20-31 Скриншот экрана

Строим эпюру нормальных напряжений.

2016-09-04 14-24-46 Скриншот экрана

Проверяем прочность.

σmax= 90,63 МПа < [σ]=160МПа.

Прочность обеспечена.

  1. Вычисляем перемещения, используя формулу Гука для деформаций.

Идем от стены А к зазору.

2016-09-04 14-22-44 Скриншот экрана

Получили величину ω4, равную зазору ,это является проверкой правильности определения перемещений.

Строим эпюру перемещений.

2016-09-04 14-27-36 Скриншот экрана

Задача решена.